单链表反转
思路
迭代：在遍历列表时，将当前节点的 next 指针改为指向前一个元素。由于节点没有引用其上一个节点，因此必须事先存储其前一个元素。在更改引用之前，还需要另一个指针来存储下一个节点。不要忘记在最后返回新的头引用！
复杂度分析
- 时间复杂度：O(n)，假设 n 是列表的长度，时间复杂度是 O(n)。
- 空间复杂度：O(1)。
代码(Go)
//Definition for singly-linked list.
type ListNode struct {
Val int
Next *ListNode
}
func reverseList(head *ListNode) *ListNode {
var prev *ListNode = nil
curr := head
for curr != nil {
nextTemp := curr.Next
curr.Next = prev
prev = curr
curr = nextTemp
}
return prev
}
链表中环的检测
思路
通过使用具有 不同速度 的快、慢两个指针遍历链表，空间复杂度可以被降低至 O(1)。慢指针每次移动一步，而快指针每次移动两步。
如果列表中不存在环，最终快指针将会最先到达尾部，此时我们可以返回 false。
复杂度分析
-
时间复杂度：O(n)，让我们将 n 设为链表中结点的总数。为了分析时间复杂度，我们分别考虑下面两种情况。
-
链表中不存在环： 快指针将会首先到达尾部，其时间取决于列表的长度，也就是 O(n)。
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链表中存在环： 我们将慢指针的移动过程划分为两个阶段：非环部分与环形部分：
-
1.慢指针在走完非环部分阶段后将进入环形部分：此时，快指针已经进入环中 迭代次数=非环部分长度=N
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2.两个指针都在环形区域中：考虑两个在环形赛道上的运动员 - 快跑者每次移动两步而慢跑者每次只移动一步。其速度的差值为 1，因此需要经过 速度差值/二者之间距离 次循环后，快跑者可以追上慢跑者。这个距离几乎就是 “环形部分长度 K” 且速度差值为 1，我们得出这样的结论 迭代次数=近似于 “环形部分长度 K”.
-
因此，在最糟糕的情形下，时间复杂度为 O(N+K)，也就是 O(n)。
-
-
空间复杂度：O(1)，我们只使用了慢指针和快指针两个结点，所以空间复杂度为 O(1)。
代码(Go)
//Definition for singly-linked list.
type ListNode struct {
Val int
Next *ListNode
}
func hasCycle(head *ListNode) bool {
if head == nil || head.Next == nil {
return false
}
slow := head
fast := head.Next
for slow != fast {
if fast == nil || fast.Next == nil {
return false
}
slow = slow.Next
fast = fast.Next.Next
}
return true
}
两个有序链表的合并
思路
首先，我们设定一个哨兵节点 “prehead” ，这可以在最后让我们比较容易地返回合并后的链表。我们维护一个 prev 指针，我们需要做的是调整它的 next 指针。然后，我们重复以下过程，直到 l1 或者 l2 指向了 null ：如果 l1 当前位置的值小于等于 l2 ，我们就把 l1 的值接在 prev 节点的后面同时将 l1 指针往后移一个。否则，我们对 l2 做同样的操作。不管我们将哪一个元素接在了后面，我们都把 prev 向后移一个元素。
在循环终止的时候， l1 和 l2 至多有一个是非空的。由于输入的两个链表都是有序的，所以不管哪个链表是非空的，它包含的所有元素都比前面已经合并链表中的所有元素都要大。这意味着我们只需要简单地将非空链表接在合并链表的后面，并返回合并链表。
复杂度分析
-
时间复杂度：O(n + m) 。因为每次循环迭代中，l1 和 l2 只有一个元素会被放进合并链表中， for 循环的次数等于两个链表的总长度。所有其他工作都是常数级别的，所以总的时间复杂度是线性的。
-
空间复杂度：O(1) 。迭代的过程只会产生几个指针，所以它所需要的空间是常数级别的。
代码(Go)
//Definition for singly-linked list.
type ListNode struct {
Val int
Next *ListNode
}
func mergeTwoLists(l1 *ListNode, l2 *ListNode) *ListNode {
preHead := &ListNode{}
prev := preHead
for l1 != nil && l2 != nil {
if l1.Val <= l2.Val {
prev.Next = l1
l1 = l1.Next
}else {
prev.Next = l2
l2 = l2.Next
}
prev = prev.Next
}
if l1 == nil {
prev.Next = l2
}
if l2 == nil {
prev.Next = l1
}
return preHead.Next
}
删除链表倒数第n个结点
思路
我们可以使用两个指针而不是一个指针。第一个指针从列表的开头向前移动 n+1 步，而第二个指针将从列表的开头出发。现在，这两个指针被 n 个结点分开。我们通过同时移动两个指针向前来保持这个恒定的间隔，直到第一个指针到达最后一个结点。此时第二个指针将指向从最后一个结点数起的第 n 个结点。我们重新链接第二个指针所引用的结点的 next 指针指向该结点的下下个结点。
复杂度分析
-
时间复杂度：O(L)，该算法对含有 L 个结点的列表进行了一次遍历。因此时间复杂度为 O(L)。
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空间复杂度：O(1)，我们只用了常量级的额外空间。
代码(Go)
//Definition for singly-linked list.
type ListNode struct {
Val int
Next *ListNode
}
func removeNthFromEnd(head *ListNode, n int) *ListNode {
var dummy = &ListNode{}
dummy.Next = head
first := dummy
second := dummy
for i := 1; i <= n + 1; i++ {
first = first.Next
}
for first != nil {
first = first.Next
second = second.Next
}
second.Next = second.Next.Next
return dummy.Next
}
求链表的中间结点
思路
用两个指针 slow 与 fast 一起遍历链表。slow 一次走一步，fast 一次走两步。那么当 fast 到达链表的末尾时，slow 必然位于中间。
复杂度分析
-
时间复杂度：O(N)，其中 N 是给定链表的结点数目。
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空间复杂度：O(1)，只需要常数空间存放 slow 和 fast 两个指针。
代码(Go)
//Definition for singly-linked list.
type ListNode struct {
Val int
Next *ListNode
}
func middleNode(head *ListNode) *ListNode {
slow := head
fast := head
for fast != nil && fast.Next != nil {
slow = slow.Next
fast = fast.Next.Next
}
return slow
}
